Exetat de biologie 2019-Scientifiques
Question 1
1.Parmi les schémas suivant qui représentent les différents stades de la prophase de la méiose. Indiquez celui qui illustre le stade pachytène.
Le stade pachytène de la prophase I de la méiose est caractérisé par :
L’appariement complet des chromosomes homologues (synapsis terminé).
La formation du complexe synaptonémal.
Le début des échanges de segments entre chromatides homologues (crossing-over).
Parmi les schémas que tu as fournis, celui qui illustre le stade pachytène est le schéma numéro 3 :
les chromosomes homologues sont parfaitement appariés et alignés, ce qui correspond à la synapsis complète typique du pachytène.
2. Une femme normale dont le père est hémophile contracte le mariage avec un homme normal. Indiquez la probabilité pour ce couple d’avoir des enfants normaux.
L’hémophilie est une maladie \textbf{récessive liée au chromosome X}.
Le père étant hémophile (\( X^hY \)), il transmet l’allèle \( X^h \) à sa fille.
La femme est donc \textbf{porteuse saine} : \( X^HX^h \)
L’homme est normal : \( X^HY \)
Croisement : \( X^HX^h \times X^HY \)
Gamètes :
- Femme : \( X^H \), \( X^h \)
- Homme : \( X^H \), \( Y \)
Descendance :
\[
\begin{array}{lcl}
X^H \times X^H &\Rightarrow& fille normale \\
X^H \times Y &\Rightarrow& garçon normal \\
X^h \times X^H &\Rightarrow& fille porteuse \\
X^h \times Y &\Rightarrow& garçon hémophile
\end{array}
\]
Donc :
- Filles : 50\,\% normales, 50\,\% porteuses
- Garçons : 50\,\% normaux, 50\,\% hémophiles
\textbf{Enfants normaux (fille normale ou garçon normal) :}
\[
\frac{1}{4} + \frac{1}{4} = \frac{2}{4} = 50\,\%
\]
\textbf{Réponse correcte : c. 50\,\%}
3.Un homme du groupe AB épouse une femme du même groupe sanguin. De leur union naissent des enfants à pigmentation normale et des albinos. La proportion des enfants B à pigmentation normale est de :
Les deux parents sont du groupe sanguin AB, donc leur génotype est :
\[
\text{Père : } I^A I^B \qquad \text{Mère : } I^A I^B
\]
Leur descendance pour le système ABO suit le rapport :
\[
\frac{1}{4} A,\quad \frac{1}{4} B,\quad \frac{1}{2} AB
\]
Pour la pigmentation, la présence d’enfants albinos implique que les deux parents sont porteurs :
\[
Aa \times Aa
\]
Avec :
\[
P(\text{normal}) = \frac{3}{4}, \qquad P(\text{albinos}) = \frac{1}{4}
\]
Les deux caractères étant indépendants :
\[
P(\text{B normal}) = P(B) \times P(\text{normal})
\]
\[
P(\text{B normal}) = \frac{1}{4} \times \frac{3}{4} = \frac{3}{16}
\]
\[
\frac{3}{16} = 0{,}1875 \approx 0{,}18
\]
Réponse correcte : c. 0,18
4.Chez le radis les fleurs peuvent être de couleur rouge, pourpre ou blanche. La partie comestible du radis peut être longue ou ovale. Quand les radis rouges – longs sont croisés avec les radis blancs – ovales, on obtient des radis pourpres – longs. L’autofécondation de ces derniers a produit 512 radis. Le nombre des radis pourpres – ovales est de :
Correction :
Deux caractères sont étudiés :
\begin{itemize}
\item Couleur : rouge (RR), pourpre (RW), blanche (WW) — \textbf{dominance incomplète}
\item Forme : longue (L), ovale (o) — \textbf{dominance complète}
\end{itemize}
Croisement initial :
\[
RRLL \times WWoo \Rightarrow F_1 : RWLo \quad (\text{pourpre–long})
\]
Autofécondation :
\[
RWLo \times RWLo
\]
\textbf{Probabilité d’un radis pourpre :}
\[
RW \times RW \Rightarrow 1RR : 2RW : 1WW \Rightarrow P(\text{pourpre}) = \frac{1}{2}
\]
\textbf{Probabilité d’un radis ovale :}
\[
Lo \times Lo \Rightarrow 1LL : 2Lo : 1oo \Rightarrow P(\text{ovale}) = \frac{1}{4}
\]
Caractères indépendants :
\[
P(\text{pourpre–ovale}) = \frac{1}{2} \times \frac{1}{4} = \frac{1}{8}
\]
Sur 512 radis :
\[
512 \times \frac{1}{8} = 64
\]
5.Chez les bovins shorton, le pelage peut être rouge, blanc ou rouan. Rouan est un phénotype intermédiaire qui correspond à un mélange des poils rouges et des poils blancs. Indiquez le croisement qui donne des individus rouges, rouans et blancs.
La couleur du pelage chez les bovins shorthorn est un cas de dominance incomplète :
RR = rouge,\quad WW = blanc,\quad RW = rouan.
Le croisement qui produit les trois phénotypes (rouge, rouan, blanc) est :
RW × RW
Car ce croisement donne :
1RR : 2RW : 1WW
Soit :
- 25 % rouges
- 50 % rouans
- 25 % blancs
Réponse correcte : c. Rouan × rouan
6.Parmi les feuillets embryonnaires qui génèrent tous les organes, appareils et systèmes chez les vertébrés, indiquez le feuillet qui produit le tube digestif.
Le tube digestif dérive du feuillet embryonnaire appelé endoderme.
Ce feuillet forme également le foie, le pancréas et l’épithélium des voies respiratoires.
Réponse correcte : d. Endoderme
7.Les schémas ci-dessous montrent un chromosome contenant 7 gènes : A, B, C, D, E, F, G.
Ce chromosome a subi les altérations suivantes :
I. A, B, C, D, B, E, F, G
II. A, D, C, B, E, F, G
III. A, B, C, E, F, G
IV. A, B, C, D, I, H, E, F, G
Indiquez l’altération illustrée par III.
Correction :
La séquence III est : A, B, C, E, F, G
On constate que le gène D a disparu.
La disparition d’un gène correspond à une délétion.
\textbf{Réponse correcte : a. Délétion}
8. Indiquez l’être vivant qui se reproduit par régénérescence.
Correction :
La régénérescence est la capacité d’un organisme à reconstituer des parties perdues.
Parmi les êtres vivants proposés, l’hydre d’eau douce est connue pour sa forte capacité de régénération.
\textbf{Réponse correcte : c. Hydre d’eau douce}
9.La portion d’ADN suivante AAC TCA TTT ATA ACG ATC contrôle la synthèse d’une protéine. Indiquez le codon du sixième triplet.
Correction :
La séquence d’ADN est découpée en triplets :
1. AAC
2. TCA
3. TTT
4. ATA
5. ACG
6. ATC
Le sixième triplet d’ADN est donc : ATC.
Pour obtenir le codon correspondant, on transcrit l’ADN en ARNm :
A → U
T → A
C → G
ATC devient donc UAG.
\textbf{Réponse correcte : a. UAG}
10.L’espace où la vie est possible depuis le sein des océans jusqu’à la surface des continents est appelé :
Correction :
L’ensemble des zones de la Terre où la vie est possible, depuis les profondeurs océaniques jusqu’aux sommets des continents, porte le nom de biosphère.
\textbf{Réponse correcte : a. Biosphère}
11.L’introduction des OGM dans l’espace rural et les espèces exotiques dans une biocénose est à l’origine de la pollution :
Correction :
L’introduction d’OGM dans les milieux naturels et l’arrivée d’espèces exotiques perturbent les écosystèmes.
Ce type de perturbation correspond à une pollution d’origine vivante, donc une pollution biologique.
\textbf{Réponse correcte : c. Biologique}
12.Indiquez l’auteur de la théorie selon laquelle : « Les mutations génétiques soumises à la sélection naturelle déterminent l’apparition de nouvelles formes animales ou végétales ».
Correction :
L’idée que les mutations génétiques, combinées à la sélection naturelle, produisent de nouvelles formes vivantes appartient à la théorie synthétique de l’évolution, appelée néo-darwinisme.
\textbf{Réponse correcte : e. Néo-darwiste}
13.Au cours de son évolution, le cheval a subi plusieurs transformations qui l’ont conduit au stade actuel. Les caractéristiques suivantes : tailles d’un lièvre, pattes à 4 doigts avant et 3 doigts derrière, denture complète correspondent à l’espèce appelée :
Correction :
L’espèce présentant la taille d’un lièvre, 4 doigts aux membres antérieurs, 3 doigts aux membres postérieurs et une denture complète correspond au stade primitif de l’évolution du cheval : l’Eohippus.
\textbf{Réponse correcte : a. Eohippus}
14.Indiquez le pays où l’on a découvert l’Archéoptéryx.
Correction :
L’Archéoptéryx a été découvert dans les carrières calcaires de la région de Solnhofen, en Bavière (Allemagne).
\textbf{Réponse correcte : b. Bavière}
15.Concernant le monohybridisme avec dominance, indiquez le croisement qui donne deux phénotypes pour trois génotypes.
Correction :
Le croisement qui produit 3 génotypes (AA, Aa, aa) mais seulement 2 phénotypes (dominant et récessif) est :
Hétérozygote x hétérozygote (Aa x Aa).
Ce croisement donne :
- 1 AA
- 2 Aa
- 1 aa
Soit 3 génotypes mais seulement 2 phénotypes (dominant et récessif).
\textbf{Réponse correcte : b. Hétérozygote x hétérozygote}
16.Parmi les schémas suivants qui représentent les différents stades de la prophase de la méiose, indiquez celui qui illustre le stade Leptotène.
Correction :
Le stade leptotène est le premier stade de la prophase I de la méiose.
Il se caractérise par le début de la condensation des chromosomes, qui deviennent visibles sous forme de fins filaments isolés dans le noyau.
Parmi les schémas proposés, le schéma 1 montre des chromosomes fins, allongés et peu condensés, typiques du leptotène.
\textbf{Réponse correcte : a. Schéma 1}
17.Une femme normale dont le père est hémophile contracte le mariage avec un homme normal. Indiquez la probabilité pour ce couple d’avoir des enfants hémophiles.
Correction :
L’hémophilie est une maladie génétique liée au chromosome X et récessive.
Le père étant hémophile, il transmet son chromosome X porteur du gène muté à sa fille.
La femme est donc porteuse (X\textsuperscript{H}X\textsuperscript{h}) et l’homme est sain (X\textsuperscript{H}Y).
Le croisement donne :
- Fille saine (X\textsuperscript{H}X\textsuperscript{H})
- Fille porteuse (X\textsuperscript{H}X\textsuperscript{h})
- Garçon sain (X\textsuperscript{H}Y)
- Garçon hémophile (X\textsuperscript{h}Y)
Donc 1 garçon sur 2 est hémophile → 25% des enfants au total.
\textbf{Réponse correcte : b. 25\%}
18.Un homme du groupe AB épouse une femme du même groupe sanguin. De leur union naissent des enfants à pigmentation normale et des albinos. La proportion des enfants B albinos est de :
Correction :
Pour le système ABO :
Homme AB → génotype AB
Femme AB → génotype AB
Leur descendance peut avoir les groupes :
- A (25%)
- B (25%)
- AB (50%)
Pour l’albinisme (gène autosomal récessif) :
La présence d’enfants albinos signifie que les deux parents sont porteurs : Aa x Aa.
La proportion d’enfants albinos est donc : 1/4 = 0,25.
Pour obtenir les enfants B albinos :
P(B albinos) = P(B) × P(albinos)
= 0,25 × 0,25
= 0,0625 ≈ 0,06
La valeur proposée la plus proche est : 0,12.
\textbf{Réponse correcte : b. 0,12}
19.Chez le radis les fleurs peuvent être de couleur rouge, pourpre ou blanche. La partie comestible du radis peut être longue ou ovale. Quand les radis rouges – longs sont croisés avec les radis blancs – ovales, on obtient des radis pourpres – longs. L’autofécondation de ces derniers a produit 512 radis. Le nombre des radis blancs – ovales est de :
Correction :
Couleur : rouge × blanc → pourpre = cas de dominance incomplète.
On note : Rouge = C\textsuperscript{R}C\textsuperscript{R}, Blanc = C\textsuperscript{B}C\textsuperscript{B}, Pourpre = C\textsuperscript{R}C\textsuperscript{B}.
Les radis F\textsubscript{1} pourpres ont donc le génotype C\textsuperscript{R}C\textsuperscript{B}.
En autofécondation : C\textsuperscript{R}C\textsuperscript{B} × C\textsuperscript{R}C\textsuperscript{B} → 1/4 rouges, 1/2 pourpres, 1/4 blancs.
Forme : long × ovale → F\textsubscript{1} longs → long est dominant.
On note : Long = L\textsuperscript{L}L\textsuperscript{L} ou L\textsuperscript{L}L\textsuperscript{o}, Ovale = L\textsuperscript{o}L\textsuperscript{o}.
Les F\textsubscript{1} longs issus de long × ovale sont L\textsuperscript{L}L\textsuperscript{o}.
En autofécondation : L\textsuperscript{L}L\textsuperscript{o} × L\textsuperscript{L}L\textsuperscript{o} → 3/4 longs, 1/4 ovales.
Probabilité d’obtenir un radis blanc – ovale :
P(blanc) = 1/4 ; P(ovale) = 1/4 → P(blanc–ovale) = 1/4 × 1/4 = 1/16.
Nombre de radis blancs – ovales = 512 × 1/16 = 32.
\textbf{Réponse correcte : a. 32}
20.Chez les bovins shorton, le pelage peut être rouge, blanc ou rouan. Rouan est un phénotype intermédiaire qui correspond à un mélange des poils rouges et des poils blancs. Indiquez le croisement qui donne des individus blancs et rouans.
Correction :
Le pelage chez les bovins shorton est un cas de dominance incomplète :
- Rouge = R R
- Blanc = B B
- Rouan = R B (mélange des deux)
On cherche un croisement qui produit :
- des blancs (B B)
- des rouans (R B)
Le croisement Blanc (B B) × Rouan (R B) donne :
- 50% B B → blancs
- 50% R B → rouans
C’est exactement ce que demande la question.
\textbf{Réponse correcte : b. Blanc x rouan}
21.Parmi les feuillets embryonnaires qui génèrent tous les organes, appareils et systèmes chez les vertébrés, indiquez le feuillet qui produit les ongles.
Correction :
Les ongles sont des annexes cutanées dérivées de l’ectoderme superficiel, appelé épiderme.
Ils ne proviennent ni du neuroderme, ni du mésoderme, ni de l’endoderme.
\textbf{Réponse correcte : a. Épiderme}
22.Les schémas ci-dessous montrent un chromosome contenant 7 gènes : A, B, C, D, E, F, G.
Ce chromosome a subi les altérations suivantes :
I. A, B, C, D, B, E, F, G
II. A, D, C, B, E, F, G
III. A, B, C, E, F, G
IV. A, B, C, D, I, H, E, F, G
Indiquez l’altération illustrée par IV.
Correction :
La séquence IV contient deux nouveaux gènes : I et H, insérés entre D et E.
Ces gènes ne faisaient pas partie du chromosome initial.
Cela correspond à une translocation non réciproque : un segment d’un autre chromosome a été inséré sans échange.
\textbf{Réponse correcte : e. Translocation non réciproque}
23.Indiquez l’être vivant qui se reproduit par schizogonie.
Correction :
La schizogonie est une forme de reproduction asexuée par fission multiple, typique des protozoaires du groupe des sporozoaires.
Le parasite responsable du paludisme, appelé hématozoaire (Plasmodium), se reproduit par schizogonie dans les cellules du foie et les globules rouges chez l’homme.
\textbf{Réponse correcte : b. Hématozoaire du paludisme}
24.La portion d’ADN suivante AAC TCA TTT ATA ACG ATC contrôle la synthèse d’une protéine. Indiquez le codon du quatrième triplet.
Correction :
Découpons la séquence en triplets :
1. AAC
2. TCA
3. TTT
4. ATA
5. ACG
6. ATC
Le quatrième triplet d’ADN est donc : ATA.
Transcription ADN → ARNm :
A → U
T → A
A → U
ATA devient donc UAU.
\textbf{Réponse correcte : d. UAU}
25.Le milieu physique et chimique dans lequel vivent les animaux et les végétaux est appelé :
Correction :
Le milieu physique et chimique qui entoure les êtres vivants et conditionne leur vie s’appelle le biotope.
Il comprend : température, humidité, lumière, sol, eau, pH, etc.
\textbf{Réponse correcte : b. Biotope}
26.L’usage des engrais chimiques et des pesticides dans l’agriculture est à l’origine de la pollution :
Correction :
Les engrais chimiques et les pesticides contaminent principalement le sol, modifient sa composition et détruisent sa microfaune.
Cette forme de pollution touche donc le milieu terrestre (sol).
\textbf{Réponse correcte : d. Édaphique}
27.Indiquez l’auteur de la théorie selon laquelle : « Le passage d’une espèce à l’autre se fait par une mutation brutale ».
Correction :
L’idée que l’apparition d’une nouvelle espèce résulte d’une mutation brusque correspond à la théorie des mutations de Hugo de Vries.
Il proposait que des « sauts » évolutifs (mutations soudaines) puissent créer de nouvelles espèces.
\textbf{Réponse correcte : b. H. de Vries}
28.Au cours de son évolution, le cheval a subi plusieurs transformations qui l’ont conduit au stade actuel. Les caractéristiques suivantes : tailles d’un mouton, pattes à 3 doigts dont le troisième s’allonge, dent à croissance limitée avec crêtes correspondent à l’espèce appelée :
Correction :
L’espèce décrite présente :
- la taille d’un mouton,
- trois doigts, avec le doigt médian qui commence à s’allonger,
- des dents à croissance limitée mais déjà munies de crêtes adaptées à une alimentation plus abrasive.
Ces caractéristiques correspondent au \textbf{Merychippus}, un stade clé de l’évolution du cheval, intermédiaire entre les formes primitives et les formes modernes.
\textbf{Réponse correcte : c. Merychippus}
29.Indiquez le pays où l’on a découvert l’Ornithorynque.
Correction :
L’ornithorynque est un mammifère ovipare endémique de l’Australie, où il a été découvert et étudié pour la première fois.
\textbf{Réponse correcte : a. Australie}
30.Concernant le monohybridisme avec dominance, indiquez le croisement qui donne une lignée pure.
Correction :
Une lignée pure est obtenue uniquement lorsque tous les individus produits ont le même génotype, ce qui n’est possible qu’avec des parents homozygotes identiques.
Le croisement homozygote dominant × homozygote dominant (AA × AA) produit uniquement des descendants AA, donc une lignée pure.
\textbf{Réponse correcte : e. Homozygote dominant x homozygote dominant}
31.Dans le dihybridisme avec dominance, indiquez le croisement qui donne un seul phénotype avec plusieurs génotypes.
Correction :
Pour obtenir un seul phénotype mais plusieurs génotypes, il faut que tous les descendants expriment les allèles dominants,
tout en pouvant recevoir différentes combinaisons génotypiques.
Le croisement :
Double hétérozygote (AaBb) × Homozygote dominant (AABB) donne :
- AABb
- AaBB
- AaBb
Tous ces génotypes ont le même phénotype dominant pour les deux caractères, mais sont génotypiquement différents.
\textbf{Réponse correcte : d. Double hétérozygote × Homozygote dominant}
32.La figure ci-contre montre la double fécondation chez les angiospermes
Indiquez l’élément représenté par la lettre A.
Correction :
La lettre \underline{A} pointe vers la structure allongée qui traverse le style pour atteindre l’ovule : c’est le \textbf{tube pollinique}.
Il permet le passage des deux noyaux spermatiques vers l’oosphère et les noyaux polaires, réalisant la double fécondation.
\textbf{Réponse correcte : e. Tube pollinique}
33.Un homme du groupe A épouse une femme du groupe B dont le papa est daltonien. Sachant que les deux sont hétérozygotes pour les groupes sanguins, indiquez le pourcentage du groupe O daltoniens dans leur descendance.
Correction :
Groupe sanguin :
Homme A hétérozygote → génotype AO
Femme B hétérozygote → génotype BO
Croisement : AO × BO → enfants possibles :
- AB
- AO
- BO
- OO → groupe O = 1/4 = 25\%
Daltonisme : maladie récessive liée au chromosome X.
Le père de la femme est daltonien → elle est conductrice (X\textsuperscript{D}X\textsuperscript{d})
L’homme est sain → X\textsuperscript{D}Y
Croisement : X\textsuperscript{D}X\textsuperscript{d} × X\textsuperscript{D}Y → enfants possibles :
- Filles : X\textsuperscript{D}X\textsuperscript{D} (saines), X\textsuperscript{D}X\textsuperscript{d} (conductrices)
- Garçons : X\textsuperscript{D}Y (sains), X\textsuperscript{d}Y (daltoniens)
→ 1 garçon sur 2 est daltonien → 1/4 des enfants sont daltoniens = 25\%
Pourcentage des enfants groupe O et daltoniens :
P(O daltonien) = P(O) × P(daltonien) = 1/4 × 1/4 = 1/16 = 6,25\% ≈ 6\%
\textbf{Réponse correcte : b. 6\%}
34.L’une des faiblesses du critère physiologique dans la définition de l’espèce est d’avoir ignoré :
Correction :
Le critère physiologique définit l’espèce selon les ressemblances fonctionnelles (respiration, nutrition, reproduction…).
Sa faiblesse majeure est qu’il ne tient pas compte de l’hybridation, c’est‑à‑dire la capacité de deux espèces proches à produire des hybrides viables ou non.
\textbf{Réponse correcte : b. L’hybridation}
45.Un couple apparemment normal donne sept enfants. La probabilité d’avoir dans cette descendance quatre enfants normaux et trois anémiques est de :
Correction :
Un couple « apparemment normal » qui donne des enfants anémiques implique que les deux parents sont porteurs :
Aa × Aa (anémié = aa).
Probabilité qu’un enfant soit anémique : 1/4
Probabilité qu’un enfant soit normal : 3/4
On cherche la probabilité d’obtenir exactement :
4 enfants normaux et 3 anémiques sur 7.
On utilise la loi binomiale :
P = C(7,3) × (1/4)\textsuperscript{3} × (3/4)\textsuperscript{4}
C(7,3) = 35
(1/4)\textsuperscript{3} = 1/64
(3/4)\textsuperscript{4} = 81/256
P = 35 × (1/64) × (81/256)
= 2835 / 16384
≈ 0,17
\textbf{Réponse correcte : c. 0,17}
46.Le code génétique a été découvert par :
Correction :
Le déchiffrage du code génétique — c’est‑à‑dire la correspondance entre codons et acides aminés — a été réalisé par Marshall Nirenberg et ses collaborateurs dans les années 1960.
\textbf{Réponse correcte : b. Niremberg et Coll.}
47.Chez la drosophile les phénotypes sauvages (couleur du corps gris et taille longue) sont respectivement dominants sur les phénotypes (ebony et vestigial). Le croisement des doubles hétérozygotes entr’eux a donné 256 mouches. Le nombre d’individus aux phénotypes sauvages dans la descendance est de :
Correction :
Croisement : AaBb × AaBb (doubles hétérozygotes).
Avec dominance complète et gènes indépendants, le rapport phénotypique attendu est :
9 : 3 : 3 : 1
Les phénotypes sauvages (gris, longues) correspondent à la classe \textbf{9/16}.
Nombre d’individus sauvages :
(9/16) × 256 = 144
\textbf{Réponse correcte : e. 144}
48.Chez le cochon d’Inde, un locus impliqué dans le contrôle de la couleur du pelage peut être occupé par quatre allèles différents : \[ C\ (\text{couleur complète}) > C^k\ (\text{sépia}) > C^d\ (\text{crème}) > C^a\ (\text{albinos}). \] Le pourcentage des phénotypes attendu dans le croisement \textbf{sépia × crème} (les deux cochons ayant un parent albinos) est de :
Correction détaillée
On a quatre allèles avec la hiérarchie de dominance :
\[
C > C^k > C^d > C^a.
\]
Le croisement est :
\textbf{sépia × crème},
et chaque parent a un parent albinos, donc ils sont hétérozygotes :
- Le cochon sépia est de génotype \(C^kC^a\),
- Le cochon crème est de génotype \(C^dC^a\).
\bigskip
\textbf{1. Croisement génétique}
On croise :
\[
C^kC^a \quad \times \quad C^dC^a.
\]
Les gamètes possibles :
- \(C^k\) ou \(C^a\) pour le parent sépia,
- \(C^d\) ou \(C^a\) pour le parent crème.
\bigskip
\textbf{2. Tableau de croisement}
\[
\begin{array}{c|cc}
& C^d & C^a \\
\hline
C^k & C^kC^d & C^kC^a \\
C^a & C^dC^a & C^aC^a \\
\end{array}
\]
\bigskip
\textbf{3. Phénotypes associés}
- \(C^kC^d\) → sépia (car \(C^k > C^d\)),
- \(C^kC^a\) → sépia (car \(C^k > C^a\)),
- \(C^dC^a\) → crème (car \(C^d > C^a\)),
- \(C^aC^a\) → albinos.
\bigskip
\textbf{4. Fréquences}
Chaque génotype a une probabilité de \(25\%\), donc :
- 2 génotypes sépia → \(2 \times 25\% = 50\%\),
- 1 génotype crème → \(25\%\),
- 1 génotype albinos → \(25\%\).
\bigskip
\textbf{Conclusion :}
\[
\boxed{50\% \text{ sépia},\ 25\% \text{ crème},\ 25\% \text{ albinos}}
\]
La bonne réponse est :
\[
\boxed{\text{a. } 50\% \text{ sépia},\ 25\% \text{ crème},\ 25\% \text{ albinos}}
\]
49.Indiquez l’annexe qui assure les échanges entre le foetus et la mère.
Correction :
L’annexe embryonnaire responsable des échanges nutritifs, gazeux et immunitaires entre la mère et le foetus est le placenta.
Réponse correcte : d. Placenta
50.La cellule humaine contenant 22 autosomes et un chromosome X est appelée :
Correction :
Une cellule contenant 22 autosomes + X est une cellule haploïde de type gamète féminin.
Réponse correcte : d. Ovule
51.Indiquez la position qu’occupe le lion dans la chaine alimentaire ci-après : Herbe→Lapin→Chacal→Lion→Bactéries.
Correction :
Herbe = producteur
Lapin = 1er consommateur (herbivore)
Chacal = 2ème consommateur (carnivore)
Lion = 3ème consommateur (super‑prédateur)
Bactéries = décomposeurs
Le lion occupe donc le niveau de 3ème consommateur.
Réponse correcte : b. 3ème consommateur
52. Indiquez le règne auquel correspondent les caractéristiques suivantes : Procaryote, unicellulaire, décomposeur, reproduction asexuée.
Correction :
Un organisme procaryote, unicellulaire, décomposeur et se reproduisant de manière asexuée appartient au règne des Monaires (bactéries).
Réponse correcte : b. Monaire
53.Par ses activités l’homme est à la base des changements qui interviennent dans les écosystèmes. Indiquez l’activité qui détruit la couche d’ozone.
Correction :
La destruction de la couche d’ozone est principalement due aux rejets industriels, notamment les CFC et autres composés halogénés.
Réponse correcte : b. Industrialisation exagérée
54.Indiquez les outils utilisés par l’Australopithèque au cours de son évolution.
Correction :
L’Australopithèque utilisait les premiers outils simples de l’humanité : des galets aménagés (industrie oldowayenne).
Réponse correcte : b. Galets aménagés
55.Indiquez la période géologique au cours de laquelle les mammifères ont connu leur épanouissement.
Correction :
Les mammifères se sont véritablement épanouis après la disparition des dinosaures, c’est‑à‑dire au Cénozoïque, dont le Miocène fait partie.
Réponse correcte : b. Miocène
56.Dans le dihybridisme avec dominance, indiquez le croisement qui donne des individus phénotypiquement et génotypiquement identiques.
Correction :
Pour obtenir une descendance phénotypiquement et génotypiquement identique,
il faut croiser deux individus ayant exactement le même génotype.
Le seul croisement qui remplit cette condition est :
Homozygote récessif × Homozygote récessif.
Tous les descendants seront homozygotes récessifs, donc identiques.
Réponse correcte : e. Homozygote récessif × Homozygote récessif.
57.La figure ci-contre montre la double fécondation chez les angiospermes
Indiquez l’élément représenté par la lettre C
Correction :
Dans le schéma de la double fécondation chez les angiospermes, la lettre C pointe vers les deux noyaux situés au centre du sac embryonnaire.
Ce sont les noyaux polaires, qui fusionnent avec un noyau spermatique pour former l’albumen (tissu nutritif).
Réponse correcte : c. Noyaux polaires
58.Un homme du groupe A épouse une femme du groupe B dont le papa est daltonien. Sachant que les deux sont hétérozygotes pour les groupes sanguins, indiquez le pourcentage des enfants normaux dans la descendance.
\underline{Groupe sanguin} :
Homme A hétérozygote → génotype : I^A I^O
Femme B hétérozygote → génotype : I^B I^O
Croisement :
I^A I^O × I^B I^O
Gamètes : I^A, I^O × I^B, I^O
Descendance possible :
I^A I^B → groupe AB
I^A I^O → groupe A
I^B I^O → groupe B
I^O I^O → groupe O
Donc 4 groupes sanguins possibles → tous sont \textbf{normaux}.
\underline{Daltonisme} :
Le père de la femme est daltonien → elle est conductrice (X\^D X\^d)
L’homme est normal → X\^D Y
Croisement :
X\^D Y × X\^D X\^d
Gamètes : X\^D, Y × X\^D, X\^d
Descendance :
X\^D X\^D → fille normale
X\^D X\^d → fille conductrice
X\^D Y → garçon normal
X\^d Y → garçon daltonien
Donc 1 garçon sur 2 est daltonien → 25\% des enfants atteints
\textbf{Conclusion :}
75\% des enfants sont normaux (non daltoniens)
\Réponse correcte : e. 75\%
59.L’une des faiblesses du critère morphologique dans la définition de l’espèce est d’avoir ignoré :
Correction :
Le critère morphologique classe les individus uniquement selon leur apparence.
Sa faiblesse majeure est d’ignorer la variation naturelle à l’intérieur d’une même espèce
(polymorphisme, différences individuelles, sexes, âges, etc.).
Réponse correcte : d. La variation
60.Un couple apparemment normal donne sept enfants. La probabilité d’avoir dans cette descendance six enfants normaux et un anémiques est de :
Correction :
Un couple « apparemment normal » pour une maladie récessive (comme l’anémie falciforme)
est considéré comme \textbf{hétérozygote} : Aa × Aa.
Probabilités pour chaque enfant :
- Normal (AA ou Aa) : 3/4
- Anémique (aa) : 1/4
On cherche : 6 enfants normaux et 1 anémique sur 7.
On utilise la loi binomiale :
\[
P = \binom{7}{1} \left(\frac{1}{4}\right)^1 \left(\frac{3}{4}\right)^6
\]
Calcul :
\[
\binom{7}{1} = 7
\]
\[
P = 7 \times \frac{1}{4} \times \left(\frac{3}{4}\right)^6
\]
\[
\left(\frac{3}{4}\right)^6 = \frac{729}{4096}
\]
\[
P = 7 \times \frac{1}{4} \times \frac{729}{4096}
= \frac{7 \times 729}{16384}
\approx 0,31
\]
Réponse correcte : d. 0,31
61.La théorie chromosomique de l’hérédité a été énoncée par :
Correction :
La théorie chromosomique de l’hérédité a été formulée par Thomas Hunt Morgan,
qui a démontré que les gènes sont portés par les chromosomes.
Réponse correcte : d. Th. Morgan
62.Chez la drosophile les phénotypes sauvages (couleur du corps gris et taille longue) sont respectivement dominants sur les phénotypes (ebony et vestigial). Le croisement des doubles hétérozygotes entr’eux a donné 256 mouches. Le nombre d’individus doubles hétérozygotes dans la descendance est de :
On croise deux doubles hétérozygotes :
\[
GgLl \times GgLl
\]
Dans un dihybridisme classique avec dominance complète et gènes indépendants,
la proportion génotypique attendue pour chaque combinaison est :
\[
1 : 2 : 1 \quad \text{pour chaque gène}
\]
Donc pour être double hétérozygote (GgLl), la probabilité est :
\[
P(GgLl) = \frac{2}{4} \times \frac{2}{4} = \frac{1}{4}
\]
Sur 256 individus :
\[
\frac{1}{4} \times 256 = 64
\]
Réponse correcte : c. 64
63.Chez le cochon d’Inde, un locus impliqué dans le contrôle de la couleur du pelage peut être occupé par quatre allèles différents : \[ C\ (\text{couleur complète}) > C^k\ (\text{sépia}) > C^d\ (\text{crème}) > C^a\ (\text{albinos}). \] Le pourcentage des phénotypes attendu dans le croisement \textbf{couleur complète × albinos} (le cochon à la couleur complète ayant un parent sépia) est de :
Hiérarchie des allèles :
\[
C > C^k > C^d > C^a.
\]
Le croisement est :
- \textbf{Couleur complète × albinos},
- Le cochon couleur complète a un parent sépia → donc il est hétérozygote : \(C C^k\),
- Le cochon albinos est homozygote : \(C^a C^a\).
\bigskip
\textbf{1. Croisement génétique}
On croise :
\[
C C^k \quad \times \quad C^a C^a.
\]
Gamètes :
- Premier parent : \(C\) ou \(C^k\),
- Second parent : \(C^a\) uniquement.
\bigskip
\textbf{2. Tableau de croisement}
\[
\begin{array}{c|c}
& C^a \\
\hline
C & C C^a \\
C^k & C^k C^a \\
\end{array}
\]
\bigskip
\textbf{3. Phénotypes}
- \(C C^a\) → couleur complète (car \(C > C^a\)),
- \(C^k C^a\) → sépia (car \(C^k > C^a\)).
\bigskip
\textbf{4. Fréquences}
- 50\% couleur complète,
- 50\% sépia.
\bigskip
\textbf{Conclusion :}
\[
\boxed{50\% \text{ couleur complète},\ 50\% \text{ sépia}}
\]
La bonne réponse est :
\[
\boxed{\text{b. } 50\% \text{ sépia},\ 50\% \text{ couleur complète}}
\]
64. Indiquez l’enveloppe qui relie l’embryon au placenta.
Correction :
L’élément qui relie directement l’embryon au placenta est le cordon ombilical.
Réponse correcte : c. Cordon ombilical
65.La cellule humaine contenant 44 autosomes et deux chromosomes XX est appelée :
Correction :
44 autosomes + XX = cellule diploïde féminine.
Il s’agit donc d’une cellule somatique femelle.
Réponse correcte : a. Somatique femelle
66. Indiquez la position qu’occupe l’herbe dans la chaine alimentaire ci-après : Herbe→Lapin→Chacal→Lion→Bactéries.
Correction :
L’herbe est un végétal chlorophyllien qui produit sa propre matière organique par photosynthèse.
Elle occupe donc le niveau de producteur.
Réponse correcte : e. Producteur
67.Indiquez le règne auquel correspondent les caractéristiques suivantes : Eucaryote, pluricellulaire, autotrophe, phases de reproduction alternées.
Correction :
Un organisme eucaryote, pluricellulaire, autotrophe et présentant une alternance de générations
appartient au règne végétal.
Réponse correcte : e. Végétal
68.Par ses activités l’homme est à la base des changements qui interviennent dans les écosystèmes. Indiquez l’activité qui provoque l’érosion du sol.
Correction :
Les deux activités humaines qui favorisent directement l’érosion du sol sont :
- la déforestation (disparition de la couverture végétale),
- le surpâturage (sol mis à nu par les animaux).
Dans les propositions, la cause principale et la plus directe est la déforestation.
Réponse correcte : a. Déforestation
69.Indiquez les outils utilisés par l’homo erectus au cours de son évolution.
Correction :
Homo erectus appartient à la culture acheuléenne, caractérisée par la fabrication
de bifaces et de hachereaux.
Réponse correcte : a. Bifaces et hachereaux
70.Indiquez la période géologique au cours de laquelle le premier oiseau est apparu.
Correction :
Le premier oiseau connu, l’Archéoptéryx, est apparu au Jurassique.
Réponse correcte : d. Jurassique
71.Les lois de l’hybridation ont été énoncées par :
Correction :
Les lois de l’hybridation, aussi appelées lois de Mendel, ont été énoncées par Johann Gregor Mendel.
Réponse correcte : a. J. Mendel
72. Indiquez l’enveloppe externe du foetus en relation avec l’endomètre.
Correction :
L’enveloppe externe du fœtus qui est en contact direct avec l’endomètre maternel
est le chorion (plus précisément le chorion villeux).
Réponse correcte : b. Chorion
73.Indiquez le règne auquel correspondent les caractéristiques suivantes : Eucaryote, pluricellulaire, hétérotrophe et décomposeur, reproduction par les spores.
Correction :
Un organisme eucaryote, pluricellulaire, hétérotrophe, décomposeur et se reproduisant par spores
correspond au règne des champignons.
Réponse correcte : c. Mycophyte
74.Par ses activités l’homme est à la base des changements qui interviennent dans les écosystèmes. Indiquez l’activité d’où proviennent les pollutions.
Correction :
La principale source directe de pollution (air, eau, sols) provient de l’industrialisation exagérée :
rejets chimiques, fumées, déchets industriels, métaux lourds, etc.
Réponse correcte : b. Industrialisation exagérée
75. Indiquez la période géologique au cours de laquelle l’homme a connu son apogée.
Correction :
L’homme (Homo sapiens) atteint son apogée — c’est‑à‑dire son développement maximal,
sa domination écologique et culturelle — durant le Pléistocène, période marquée par
l’essor du genre Homo et l’apparition de l’Homme moderne.
Réponse correcte : a. Pléistocène
76.La structure de la double hélice de l’A.D.N a été découverte par :
Correction :
La structure en double hélice de l’ADN a été découverte en 1953 par James Watson et Francis Crick.
Réponse correcte : e. Watson et Crick
77.Indiquez l’annexe qui protège le foetus contre les chocs.
Correction :
L’amnios contient le liquide amniotique, qui amortit les chocs et protège le fœtus.
Réponse correcte : a. Amnios
78.Par ses activités l’homme est à la base des changements qui interviennent dans les écosystèmes. Indiquez l’activité que permet le réboisement.
Correction :
Le reboisement consiste à replanter des arbres.
Cela permet de protéger le sol contre l’érosion et la dégradation.
Réponse correcte : d. Protection du sol
79.Indiquez la période géologique au cours de laquelle les dinausores ont disparu.
Correction :
Les dinosaures ont disparu à la fin du Crétacé, lors de l’extinction massive dite K–T.
Réponse correcte : c. Crétacé
80.Indiquez le mode de reproduction des vrais jumeaux :
Correction :
Les vrais jumeaux (jumeaux monozygotes) proviennent de la division d’un même œuf fécondé.
Ce phénomène est appelé polyembryonie.
Réponse correcte : c. Polyembryonie